Задачи на тему
"Вычисление стандартных функций с помощью суммирования рядов"

Во всех задачах надо вычислить стандартную функцию с точностью ε=1e-12. Для небольших значений x это делается с помощью суммирования степенного ряда. Для значений x, при которых ряд не сходится или сходится очень медленно, надо воспользоваться какой-либо формулой, позволяющей свести вычисление нужной функции к вычислению ее или других функций при "хороших" значениях x. Например, формула

arctg(x) = 2*arctg(y),
y = (sqrt(1 + x*x) - 1)/x,
позволяет вычислить arctg(1)=π/4, сведя задачу к суммированию степенного ряда для
y = sqrt(2) - 1.

Список задач

  1. Вычислить arctg(x).

    Поскольку ряд $$ \text{arctg}(x) = x - x^3/3 + x^5/5 - x^7/7 + \dots $$ сходится лишь в интервале $(-1, 1)$ (для $x=1$ он тоже сходится, но фантастически медленно), его можно суммировать лишь для значений $|x| < 1$. Для проивольного значения $x \ge 1$ можно воспользоваться формулой $$ \begin{array}{l} \text{arctg}(x) = 2 \cdot \text{arctg}(y),\quad \text{где}\\ y = (\sqrt{1 + x^2} - 1)/x \end{array} $$ (учитывая нечетность функции $\text{arctg}(x)$, можно считать, что $x > 0$). Формула позволяет свести вычисление значения функции $\text{arctg}(x)$ для произвольного $x$ к суммированию ряда для $\text{arctg}(y)$ при $0 < y < 1$.

    Доказательство формулы. Воспользуемся формулой тангенса двойного угла: $$ \text{tg}(2z) = \text{sin}(2z)/\text{cos}(2z) = \frac{2\text{sin}(z)\text{cos}(z)}{\text{cos}^2(z) - \text{sin}^2(z)} = \frac{2\cdot\text{tg}(z)}{1 - \text{tg}^2(z)} $$ Обозначим $2z = \text{arctg}(x)$, тогда $\text{tg}(2z) = x$. Имеем $$ x = \frac{2\cdot\text{tg}(z)}{1 - \text{tg}^2(z)} $$ Это равенство позволяет выразить $\text{tg}(z)$ через $x$. Обозначим $\text{tg}(z) = y$. Получим квадратное уравнение: $$ x = \frac{2y}{1 - y^2} \quad \Rightarrow \quad y^2 x + 2y - x = 0, $$ откуда, учитывая ограничение $y > 0$, получаем $$ y = \frac{-2 + \sqrt{4 + 4x^2}}{2x} = (-1 + \sqrt{1 + x^2})/x $$ Учитывая, что $y = \text{tg}(z)$, получаем $$ z = \text{arctg}(y) = \text{arctg}((\sqrt{1 + x^2} - 1)/x) $$ Поскольку $2z = \text{arctg}(x)$, окончательно получаем формулу при $x > 0$: $$ \text{arctg}(x) = 2\cdot \text{arctg}((\sqrt{1 + x^2} - 1)/x) $$ Покажем теперь, что $0 < y < 1$. Действительно, поскольку $x > 0$, то $$ y = (\sqrt{1 + x^2} - 1)/x < (\sqrt{1 + 2x + x^2} - 1)/x = ((x + 1) - 1)/x = 1 $$


  2. Вычислить arcsin(x).

    Ряд для функции $\text{arcsin}(x)$ сходится очень плохо вблизи точек $x = \pm 1$, поскольку в этих точках производная функции бесконечна. Решение состоит в том, чтобы свести вычисление $\text{arcsin}(x)$ к вычислению функции arctg. Поскольку функция $\text{arcsin}(x)$ нечетная, можно считать, что $0 < x < 1$ (при $x=1$ $\text{arcsin}(x) = \pi/2$ и можно воспользоваться константой $\pi$). Пусть $y = \text{arcsin}(x)$, тогда $x = \text{sin}(y)$ и $$ \text{tg}(y) = \text{sin}(y)/\text{cos}(y) = x/\sqrt{1 - x^2} $$ Поэтому $$ y = \text{arctg}(x/\sqrt{1 - x^2}) $$ При решении данной задачи можно считать, что функция $\text{arctg}$ уже реализована (это первая задача), и воспользоваться библиотечной функцией $\text{atan}(x)$.


  3. Вычислить arccos(x).

    Как и в предыдущей задаче, сведем вычисление $y = \text{arccos}(x)$ к вычислению функции arctg. Имеем $x = \text{cos}(y)$, поэтому $$ \text{tg}(y) = \text{sin}(y)/\text{cos}(y) = \sqrt{1 - x^2}/x $$ (мы воспользовались тем, что $y = \text{arccos}(x)$, следовательно, $0 \le y \le \pi$ и $\text{sin}(y) \ge 0$; можно считать также, что $x \ne 0$, поскольку при $x = 0$ $\text{arccos}(x) = \pi/2$ и в программе можно воспользоваться константой $\pi$). Поэтому $$ y = \text{arctg}(\sqrt{1 - x^2}/x) $$ Как и в предыдущей задаче, можно считать, что функция $\text{arctg}$ уже реализована, и воспользоваться библиотечной функцией $\text{atan}(x)$.


  4. Вычислить ln(x).
  5. Вычислить xα